Đáp án đúng: A
Giải chi tiết:Sơ đồ bài toán:
\(5,94\,\left( g \right)\,E\left\{ \begin{array}{l}X\\Y\end{array} \right. + NaOH \to \left\{ \begin{array}{l}ancol\,Z \overset{Na}{\rightarrow} {H_2}:0,05\\6,74\,\left( g \right)\,hh\,T \overset{+O_2}{\rightarrow}\left\{ \begin{array}{l}{H_2}O\\N{a_2}C{O_3}\\C{O_2}:0,05\end{array} \right.\end{array} \right.\)
nH2 = 0,05 mol ⟹ nOH(ancol) = 2nH2 = 0,1 mol = nNaOH(pư).
BTKL: mZ = 5,94 + 0,1.40 - 6,74 = 3,2 gam.
Đặt ancol Z: R(OH)x (\(\dfrac{{0,1}}{x}\)mol) ⟹ \(\dfrac{{0,1}}{x}\).(R + 17x) = 3,2 ⟹ R = 15x ⟹ x = 1; R = 15 (CH3-) thỏa mãn.
Vậy Z là CH3OH.
BTNT "Na" ⟹ nNa2CO3 = ½nNaOH = 0,05 mol
⟹ nC(muối) = nNa2CO3 + nCO2 = 0,05 + 0,05 = 0,1 mol
Nhận thấy nC = nNa ⟹ Muối gồm HCOONa (a mol) và (COONa)2 (b mol) (vì MX,Y < 150).
Ta có hệ phương trình: \(\left\{ \begin{array}{l}a + 2b = 0,1\left( {BT:Na} \right)\\68{\rm{a}} + 134b = {m_{muoi}} = 6,74\end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l}a = 0,04\\b = 0,03\end{array} \right.\)
⟹ \(E\left\{ {\begin{array}{*{20}{l}}{X:HCOOC{H_3}\left( {0,04} \right)}\\{Y:{{\left( {COOC{H_3}} \right)}_2}\left( {0,03} \right)}\end{array}} \right.\)
⟹ %mX = 40,40%.