Câu $1.2$
$X: MnO_2$
$X_1: Cl_2$
$X_2: Fe_2(SO_4)_3$
$X_3: FeCl_3$
$X_4: BaCl_2$
$Y: CuO$
$Y_1: CuCl_2$
$Y_2: Cu(NO_3)_2$
$Y_3: Cu$
$Y_4: CuSO_4$
$M: BaSO_4$
PTHH:
$MnO_2+4HCl\to MnCl_2+Cl_2+2H_2O$
$\dfrac{3}{2}Cl_2+3FeSO_4\to Fe_2(SO_4)_3+FeCl_3$
$Fe_2(SO_4)_3+3BaCl_2\to 2FeCl_3+3BaSO_4$
$2FeCl_3+3Ba(OH)_2\to 3BaCl_2+2Fe(OH)_3$
$CuO+2HCl\to CuCl_2+H_2O$
$CuCl_2+2AgNO_3\to Cu(NO_3)_2+2AgCl$
$Mg+Cu(NO_3)_2\to Mg(NO_3)_2+Cu$
$Cu+2H_2SO_4\xrightarrow{{t^o}} CuSO_4+SO_2+2H_2O$
$BaCl_2+CuSO_4\to BaSO_4+CuCl_2$
Câu $2.2$
$RO+CO\xrightarrow{{t^o}} R+CO_2$
$\to n_{CO_2}=n_{RO}=\dfrac{0,8}{M_R+16}(mol)$
$n_{Ba(OH)_2}=0,15.0,1=0,015(mol)$
$n_{BaCO_3}=\dfrac{1,97}{197}=0,01(mol)<n_{Ba(OH)_2}$
- Trường hợp dư $Ba(OH)_2$
$\to n_{CO_2}=n_{BaCO_3}=0,01(mol)$
$\to \dfrac{0,8}{M_R+16}=0,01$
$\to M_R=64(Cu)$
Vậy $R$ là đồng
- Trường hợp tạo 2 muối
Bảo toàn $Ba$: $n_{Ba(HCO_3)_2}=n_{Ba(OH)_2}-n_{BaCO_3}=0,005(mol)$
Bảo toàn $C$:
$n_{CO_2}=n_{BaCO_3}+2n_{Ba(HCO_3)_2}=0,02(mol)$
$\to \dfrac{0,8}{M_R+16}=0,02$
$\to M_R=24(Mg)$ (loại, $MgO$ không bị khử)
