a,
$n_{CO_2}=\dfrac{4,48}{22,4}=0,2(mol)$
$n_{CO_2\rm nung}=\dfrac{11,2}{22,4}=0,5(mol)$
Nung $B$ thu được $CO_2$ nên $B$ có muối cacbonat dư
$\to H_2SO_4$ hết
$MgCO_3+H_2SO_4\to MgSO_4+CO_2+H_2O$
$RCO_3+H_2SO_4\to RSO_4+CO_2+H_2O$
$\to n_{H_2SO_4}=n_{CO_2}=0,2(mol)$
$\to C_{M_{H_2SO_4}}=\dfrac{0,2}{0,5}=0,4M$
b,
Gọi chung hh là $MCO_3$
Bảo toàn $C$:
$n_{hh}=0,2+0,5=0,7(mol)$
$\to \overline{M}_{hh}=\dfrac{115,3}{0,7}=\dfrac{1153}{7}$
$\to\overline{M}_M=\dfrac{1153}{7}-60=\dfrac{733}{7}$
Nếu $RSO_4$ tan:
BTKL: $m_{RSO_4}+m_{MgSO_4}=0,2\left( \dfrac{733}{7}+60\right)+0,2.98-0,2.44-0,2.18=40,1g=m_{\text{muối trong dd}}>12$ (vô lí)
$\to RSO_4$ không tan
$\to R$ không là $Fe$, nung $RCO_3$ không có $O_2$ phản ứng
Có $n_{H_2O}=n_{CO_2}=0,2(mol)$
BTKL: $115,3+0,2.98=12+0,2.44+0,2.18+m_B$
$\to m_B=110,5g$
$MgCO_3\xrightarrow{{t^o}} MgO+CO_2$
$RCO_3\xrightarrow{{t^o}} RO+CO_2$
BTKL:
$m_C=110,5-0,5.44=88,5g$
c,
Đặt $n_{MgCO_3}=x(mol)\to n_{RCO_3}=2,5x(mol)$
Ta có: $x+2,5x=0,7$
$\to x=0,2$
$\to n_{MgCO_3}=0,2(mol); n_{RCO_3}=0,5(mol)$
$\to 0,2.84+0,5(M_R+60)=115,3$
$\to M_R= 137(Ba)$
Vậy $R$ là bari