Khi cho X vào KOH dư, ta thu được nhiều khí hơn khi cho X vào H$_{2}$O dư nên khi cho X vào H$_{2}$O dư thì Al chưa tan hết
Từ phần 1, bảo toàn e, ta có:
n$_{K}$ + 3n$_{Al}$ = 2n$_{H_{2}}$ = 0,07 (1)
Từ phần 2, bảo toàn e, ta có:
n$_{K}$ + 3n$_{Al}$ + 2n$_{Fe}$ = 2n$_{H_{2}}$ = 0,09 (2)
n$_{K}$ = $\frac{n_{H_{2}}}{2}$ = 0,01 (3)
Từ (1)(2)(3), ta có: n$_{K}$ = 0,01 (mol); n$_{Al}$ = 0,02 (mol); n$_{Fe}$ = 0,01 (mol)
⇒ m$_{K}$ = 0,39 (gam); m$_{Al}$ = 0,54 (gam); m$_{Fe}$ = 0,36 (gam)
⇒ Chọn C
#Shawnfrest
