Bài 15 ( Trang 75 – sGK)
Các khẳng định sau đúng hay sai?
a) Trong một đường tròn, các góc nội tiếp cùng chắn một cung thì bằng nhau.
b) Trong một đường tròn, các góc nội tiếp bằng nhau thì cùng chắn một cung.
Hướng dẫn giải:
a) Đúng (theo hệ quả a)
b) Sai, vì trong một đường tròn có thể có các góc nội tiếp bằng nhau nhưng không cùng chắn một cung.
Bài 16 ( Trang 75 – SGK)
Xem hình 19 ( hai đường tròn có tâm là B, C và điểm B nằm trên đường tròn tâm C).
a) Biết \[={{30}^{{}^\circ }}\], tính \[\widehat{PCQ}\]
b) Nếu \[\widehat{PCQ}={{136}^{{}^\circ }}\] thì \[\widehat{MAN}\] có số đo bao nhiêu?
Hướng dẫn giải:
Vận dụng định lí số đo của góc nội tiếp bằng nửa số đo của cung bị chắn, ta có:
a) \[\widehat{MAN}={{30}^{{}^\circ }}\Rightarrow \widehat{MBN}={{60}^{{}^\circ }}\Rightarrow \widehat{PCQ}={{120}^{{}^\circ }}\]
b) \[\widehat{PCQ}={{136}^{{}^\circ }}\Rightarrow \widehat{MBN}={{68}^{{}^\circ }}\Rightarrow \widehat{MAN}={{34}^{{}^\circ }}\]
Bài 17 ( Trang 75 – sGK)
Muốn xác định tâm của một đường tròn àm chỉ dùng êke thì phải làm như thế nào?
Hướng dẫn giải:
Vận dụng hệ quả b, ta dùng êke ở hình trên. Tâm đường tròn chính là giao điểm của hai cạnh huyền của hai tam giác vuông nội tiếp đường tròn.
Bài 18 ( Trang 75 – SGK)
Một huấn luyện viên cho cầu thủ tập sút bóng vào cầu môn PQ. Bóng được đặt ở các vị trí A, B, C trên một cung tròn như hình 20.
Hãy so sánh các góc \[\widehat{PAQ},\text{ }\widehat{PBQ},\text{ }\widehat{PCQ}\]
.png)
Hướng dẫn giải:
Với các vị trí A, B, C trên một cung tròn thì ta được các góc nội tiếp \[\widehat{PAQ},\text{ }\widehat{PBQ},\text{ }\widehat{PCQ}\] cùng chắn một cung PQ, nên suy ra \[\widehat{PAQ}=\text{ }\widehat{PBQ}=\text{ }\widehat{PCQ}\]
Vậy với các vị trí trên thì các góc sút đều bằng nhau, không có góc sút nảo rộng hơn.
Bài 19 ( Trang 75 – SGK)
Cho một đường tròn tâm O, đường kính AB và S là một điểm nằm ngoài đường tròn. SA và SB lần lượt cắt đường tròn tại M, N. Gọi H là giao điểm của BM và AN. Chứng minh rằng SH vuông góc với AB.
Hướng dẫn giải:
.png)
\[BM\bot SA\]; \[\widehat{AMB}={{90}^{{}^\circ }}\] vì là góc nội tiếp chắn nửa đường tròn).
Tương tự, có: \[AN\bot SB\]
Như vậy BM và AN là hai đường cao của tam giác SAB và H là trực tâm.
Suy ra \[SH\bot AB\]
(Trong một tam giác ba đường cao đồng quy)
Bài 20 ( Trang 76 – SGK)
Cho hai đường tròn (O) và (O') cắt nhau tại A và B. Vẽ các đường kính AC và ADcủa hai đường tròn. Chứng minh rằng ba điểm C, B, D thẳng hàng.
Hướng dẫn giải:
Nối B với 3 điểm A, C, D ta có: \[\widehat{ABC}={{90}^{{}^\circ }}\] (góc nội tiếp chắn nửa đường tròn)
\[\widehat{ABD}={{90}^{{}^\circ }}\] ( góc nội tiếp chắn nửa đường tròn)
Vậy \[\widehat{ABC}+\text{ }\widehat{ABD}={{180}^{{}^\circ }}\]
Suy ra ba điểm A, C, D thẳng hàng.
Bài 21 ( Trang 76 – SGk)
Cho hai đường tròn bằng nhau (O) và (O') cắt nhau tại A và B. Vẽ đường thẳng qua A cắt O tại M và cắt (O') tại N (A nằm giữa M và N). Hỏi MBN là tam giác gi? Tại sao?
Hướng dẫn giải:
Do hai đường tròn bằng nhau nên hai cung nhỏ AB bằng nhau. Vì cùng căng dây AB.
Suy ra \[\hat{N}=\hat{M}\] (cùng chắn hai cung bằng nhau) nên tam giác BMN là tam giác cân đỉnh B.
Bài 22 ( Trang 76 – SGk)
Trên đường tròn (O) đường kính AB, lấy điểm M (khác A và B). Vẽ đường qua A cắt (O) tại A. Đường thẳng BM cắt tiếp tuyến đó tại C. Chứng minh rằng ta luôn có: \[M{{A}^{2}}=MB.MC\]
Hướng dẫn giải:
Ta có: ∆MAB đồng dạng ∆MCA: \[\widehat{{{A}_{2}}}=\widehat{C}\]; \[\hat{B}=\text{ }\widehat{{{A}_{1}}}\] nên \[\frac{MA}{MB}=\frac{MC}{MA}\]
\[\Rightarrow M{{A}^{2}}=MB.MC\]
Bài 23 ( Trang 76 – SGk)
Cho đường tròn (O) và một điểm M cố định không nằm trên đường tròn. Qua M kẻ hai đường thẳng. Đường thẳng thứ nhất cắt (O) tại A và B.Đường thẳng thứ nhất cắt (O) tại C và D.
Chứng minh MA. MB = MC. MD
Hướng dẫn giải:
Xét hai trường hợp:
a) M ở bên trong đường tròn (hình a)
Xét hai tam giác MAB' và MA'B có: \[\widehat{{{M}_{1}}}=\widehat{{{M}_{2}}}\] ( đối đỉnh)
\[\hat{{B}'}=\hat{B}\] (hai góc nội tiếp cùng chắn cung AA')
Do đó ∆MAB' đồng dạng ∆MA'B\, suy ra: \[\frac{MA}{M{A}'}=\frac{M{B}'}{MB}\] , do đó MA. MB = MB'. MA'.
b) M ở bên ngoài đường tròn (hình b).
Tương tự ta có:
∆MAB' đồng dạng ∆MA'B
\[\hat{M}\] chung
\[\hat{{B}'}=\hat{B}\] (hai góc nội tiếp cùng chắn cung AA').
Suy ra: \[\frac{MA}{M{A}'}=\frac{M{B}'}{MB}\] hay MA. MB = MB'. MA'
Bài 24 ( Trang 76 – SGk)
Một chiếc cầu được thiết kế như hình 21 có độ dài AB = 40m, chiều cao MK = 3m. Hãy tính bán kính của đường tròn chứa cung AMB.
Hướng dẫn giải:
Gọi MN = 2R là đường kính của đường tròn có cung tròn là AMB
Theo bài tập 23, ta có:
KA. KB = KM. KN
hay KA. KB = KM. (2R - KM)
Thay số, ta có 20. 20 = 3(2R - 3)
do đó 6R = 400 + 9 = 409.
Vậy \[R=\frac{409}{6}\approx 68,2\] (m)
Bài 25 ( Trang 76 – SGK)
Dựng một tam giác vuông, biết cạnh huyền dài 4cm và một cạnh góc vuông dài 2,5cm.
Hướng dẫn giải:
Cách vẽ như sau:
- Vẽ đoạn thẳng BC dài 4cm.
- Vẽ nửa đưởng tròn đường kính BC.
- Vẽ dây AB (hoặc dây CA) dài 2,5cm.
Ta có tam giác thỏa mãn các yêu cầu của đầu bài \[\widehat{A}={{90}^{{}^\circ }}\]; BC = 4cm, AB = 2,5cm.
Bài 26 ( Trang 76 – SGK)
Cho AB, BC, CA là ba dây của đường tròn (O). Từ điểm chính giữa M của cung AB vẽ dây MN song song với dây BC. Gọi giao điểm của MN và AC là S. Chứng minh SM = SC và SN = SA.
Hướng dẫn giải:
Ta có: \[\overset\frown{MA}=\overset\frown{MB}\] (gt)
\[\overset\frown{NC}=\overset\frown{MB}\] ( vì \(MN // BC\)
Suy ra \[\overset\frown{MA}=\overset\frown{NC}\], do đó \[\widehat{ACM}=\widehat{CMN}\]
Vậy ∆SMC là tam giác cân, suy ra SM = SC
Chứng minh tương tự ta cũng có ∆SAN cân , SN = SA.
